RabbitMQ：ファンアウト交換で未承認のメッセージを再消費する

Question

これは私の問題です。私はPublish/Subscribeファッションでおもちゃのアプリケーションを作成したい、私は例としてその1つを取った。しかし、私は了解を得て消費者を実装したい。私は次のような行動を期待しています。私の消費者の一人が死亡した後、私は再びそのスクリプトをコンソールで実行し、メッセージが処理されます。ここで

は出版社のためのコードです：

<?php 

require_once __DIR__ . '/vendor/autoload.php'; 

use PhpAmqpLib\Connection\AMQPStreamConnection; 
use PhpAmqpLib\Message\AMQPMessage; 

$connection = new AMQPStreamConnection('localhost', 5672, 'guest', 'guest'); 
$channel = $connection->channel(); 

$channel->exchange_declare('logs', 'fanout', false, true, false); 

$data = implode(' ', array_slice($argv, 1)); 
if(empty($data)) $data = "info: Hello World!"; 
$msg = new AMQPMessage($data); 

$channel->basic_publish($msg, 'logs'); 

echo " [x] Sent ", $data, "\n"; 

$channel->close(); 
$connection->close(); 

そして、ここでは、加入者のためのコードです：

<?php 

require_once __DIR__ . '/vendor/autoload.php'; 

use PhpAmqpLib\Connection\AMQPStreamConnection; 

$connection = new AMQPStreamConnection('localhost', 5672, 'guest', 'guest'); 
$channel = $connection->channel(); 

$channel->exchange_declare('logs', 'fanout', false, true, false); 

$channel->queue_declare("queue1", false, true, true, false); 

$channel->queue_bind("queue1", 'logs'); 

echo ' [*] Waiting for logs. To exit press CTRL+C', "\n"; 

$callback = function($msg){ 
    echo ' [x] ', $msg->body, "\n"; 
    die(); 
    $msg->delivery_info['channel']->basic_ack($msg->delivery_info['delivery_tag']); 
}; 

$channel->basic_consume("queue1", '', false, false, false, false, $callback); 

while(count($channel->callbacks)) { 
    $channel->wait(); 
} 

$channel->close(); 
$connection->close(); 

私はそれを実行すると、[x] info: Hello World!は私よりも、加入者のコンソールに表示されますスクリプトは単に死ぬので、メッセージが承認されないことを期待してください。私は再びそれを実行した後、消費されたメッセージはありません。また、rabbitMQのWebパネルには、メッセージの重複がないことが示されています。

私は間違っていますか？

Answer 1

あなたがexclusive queueと宣言したからです。接続が失われると削除されます。だからあなたがCtrl + Cを押すと、キューは削除され、そのスクリプトを再度実行すると、そこにメッセージがない新しいキューがありました。キューを非排他的に宣言する必要があります。

$channel->queue_declare("queue1", false, true, false, false);