SELECTは空の行を返します。

Question

SELECT * FROM 'users' WHERE 'username'= '$username'をphpMyAdminで使用しようとしましたが、空の行を返してからSELECT * FROMユーザーWHERE username like '%abdul'を返し、目的の結果を返します。

mysqli_fetch_array（）ブール値はで与えられ、パラメータ1がmysqli_resultれることを想定しています私は

$row = mysqli_query($link,"SELECT * FROMユーザーWHERE username like \'%$username'\ ");

に私のコードを変更しかし、それは警告を示すことは、その後phpMyMdmin $sql = "SELECT * FROMユーザーWHERE username like \'%abdul\'";からPHPコードを作成しました/Applications/XAMPP/xamppfiles/htdocs/yd_mobi/register.php on line 22.

何か助けてください、Th anks！

Answer 1

は、LIKEのように大文字にする必要がありますようにあなたのクエリが間違っている

$sql="SELECT * FROM users WHERE username like '%". $username."'"; 

if ($result=mysqli_query($link,$sql)) 
{ 
// Return the number of rows in result set 
$rowcount=mysqli_num_rows($result); 
if($rowcount > 0){ 
echo "User Exist" 
}else{ 
echo "new user"; 
} 
// Free result set 
mysqli_free_result($result); 
} 

mysqli_close($link); 

Answer 2

を使用してみてください。それ以外の問題は見えません。
あなたのクエリが間違っている場合、それは真偽であるFALSEを返しますが、それが成功すると、データベースの情報を返しますが、あなたがmysqli_fetch_array（）を使用したように見えます。私は通常、次の使用

$query = "SELECT * FROM users WHERE username LIKE whateveryouwanthere"; 
$run = mysqli_query($connectionvariable,$query); 
$row = mysqli_fetch_array($run); 
$variable = $row['column name of the item u want to retrieve']; 
//for example 
$username = $row['username']; 

EDIT：
あなたは\ '％アブドゥル\' だけではなく、行う必要はありません '％アブドゥル'

あなたは mysqli_fetch_array()機能の2番目のパラメータを渡す必要が

Answer 3

あなたは数値配列を取得したい場合は、このような関数を使用する：あなたはワン場合

mysqli_fetch_array($row,MYSQLI_NUM); 

- あなたは、単一引用符を使用している

while ($aRow = mysqli_fetch_array($row,MYSQLI_ASSOC)) { 

} 

Answer 4

mysqli_fetch_array($row,resulttype); 

resulttype can be one of the following values: 

MYSQLI_ASSOC 
MYSQLI_NUM 
MYSQLI_BOTH