$(document).click(function(){
getComments();
});
function getComments()
{
var directory = $(".active img").prop("src");
directory = directory.substring(58);
//alert(directory);
$("#photoComments").text(directory);
$.post('getPhotoComments.php', function(output){
//$("#photoComments").html(output);
$("#photoComments").html("jus checkin2").show();
});
}
上記は私のコードです。すべて私は$ .postを開始する部分まで動作します。 function()内の何も動作しません。私はid #photoCommentsを "jus checkin 2"というテキストに設定するかどうかをテストしていますが、何も起こらないようです。本当に助けが必要ですか?そして、私は、 "getPhotoComments.php"というURLを正しく設定しておき、まだ使用していません。おかげ
にそれを置くようにしてくださいあなたは、コールバック内のコードが実行されない、またはそれが実行されますがものは表示されません「だけチェック」を意味しますか –
エラーメッセージはありますか? Firebug(または同様のもの)からのものは何ですか?私はあなたを助けるのにもっと必要があると思う。 –
あなたはgetPhotoComments.phpを表示することができますし、あなたがファイルに何かを投稿していない場合は、get ...を使用できます。 –