32ビットと64ビットの動作の差

Question

次のコードスニペットは、64ビットのUbuntu 14.04で実行され、32ビットのUbuntu 14.04ではsegフォルトが実行されます。 gccのバージョンの両方4.8.4に同じで（Ubuntuの4.8.4-2ubuntu1〜14.04）

#include<stdio.h> 
main() 

{ 

    int* a; 
    int* b; 
    *a = 40; 
    b=a; 
    printf ("%x ............. %p ...........%d \n",*a,a, *a); 
} 

2のいずれかが行われた場合、同じことが、32ビットシステム上で動作します - アウト

1. コメントb = a
2. * a = 40より前にa=malloc (sizeof(int));を追加します。

は、誰かがこの観測それは、64ビット対32ビットの問題ではありません

Answer 1

が、有効なメモリアドレスを指していないポインタを使用しての問題を説明していただけます。コードスニペットでは、ポインタ*aと*bを実際にどこにでも指定しないで宣言しているため、未定義の動作が発生します。

ポインタを使用する場合、常にすぐに適切なメモリを割り当てるか、既存の対応する変数を指すようにします。例えば

、すべての後続の文が有効である：

int *a = NULL; 
int *b = malloc(sizeof(int)); 
int c = 42; 
int *d = &c; 

それらを初期化しないことで、彼らは任意の場所を指しています。 *a = 40;はおそらく、あなたが当時のアクセス権を持っていたメモリ空間を指していた可能性があるため、あなたのために「偶然」働いていたでしょう。しかし、一般的なケースでは、このスニペットはどちらのオペレーティングシステムでもセグメンテーションエラーを生成するはずです。あなたが有効なメモリアドレスに即座にポインタを指すように計画されていない場合は

は、ダングリングポインタを避けるために、NULLにそれを初期化することを検討してください。 NULLポインターを決して参照しないでください。ただし、ポインターがNULLであるかどうかを確認する前に確認してください。たとえば：*aと*b両方がNULLになるよう

int *a = NULL; 
if (a != NULL) { 
    *a = 42; 
} 
int *b = a; 
if (b != NULL) { 
    printf("%d\n", *b); 
} 

このスニペットは、何も表示されませんが、あなたのコードは、セグメンテーションフォールトを生成しません。

私はDebianの64ビットシステム上でセグメンテーションフォルトを得ています。

元のコードは未定義の動作をしている