テンプレートパラメータの定数を転送するには、転送参照を使用する必要がありますか？

Question

私は、以下の（壊れた）のコードに示すように、そのパラメータのoperator()を呼び出す必要があります機能foo書きたい：

template <typename T> void foo(const T& x){ 
    x(); 
} 

struct MyFunctor{ 
    int data; 
    void operator()(){ 
     /* stuff that might modify the data */ 
    } 
}; 

int main() 
{ 
    foo(MyFunctor{}); 
} 

を明らかにコードが動作しない、operator()が非constあるために、しかし、 foo()のパラメータはconstである必要があります。

テンプレート関数として、foo()はconstと非constファンクタの両方で動作し、その引数のconst -nessうるさいすべきではありません。

私は次のようにconstを除去することにより、foo()を変更する場合：あなたはそう、非const左辺値参照に右辺値参照を変換することはできませんので、それはまた、動作しません...

template <typename T> void foo(T& x) { /* ... */ } 

foo(MyFunctor{})を呼び出すことはできません。

転送リファレンスにfoo()を変更するには、すべての問題を解決します

template <typename T> void foo(T&& x) { /* ... */ } 

をしかし、これは「正しい」方法は何ですか？転送参照をstd::forward()とだけ使用しないでください（つまり、パラメータを別の関数に転送する以外には触れないでください）。

Answer 1

はい、転送参照が正しい方法であり、それはあなたを落ち着かせた場合、あなたは確かにパラメータを転送することができます。

template <typename T> void foo(T&& x){ 
    std::forward<T>(x)(); 
} 

は今でもREF-資格呼び出し演算子で動作します。

Answer 2

はい、これは転送参照の目的全体です。

パラメータは、あなたがやっている正確に何である別の関数

に転送別に触れてはいけません。