標準モジュールzipfile
を使用してZIPを作成し、glob.glob()
またはos.listdir()
またはos.walk()
を使用して、フォルダにファイル名を取得します。
EDIT:がすべき作品(私はLinux上で私の作品)
import os
import zipfile
folder = 'C:\\My_Program\\zip_files'
for filename in os.listdir(folder):
if filename.endswith('.xlsx'):
name_without_extension = filename[:-5] # string `.xlsx` has 5 chars
xlsx_path = os.path.join(folder, filename)
zip_path = os.path.join(folder, name_without_extension + '.zip')
zip_file = zipfile.ZipFile(zip_path, 'w')
# use `filename` (without folder name) as name inside archive
# and it will not create folders inside archive
zip_file.write(xlsx_path, filename)
zip_file.close()
EDIT:同じglob
import os
import glob
import zipfile
folder = 'C:\\My_Program\\zip_files'
for file_path in glob.glob(folder+'\\*.xlsx'):
filename = os.path.basename(file_path)
print(filename)
name_without_extension = filename[:-5]
print(name_without_extension)
xlsx_path = os.path.join(folder, filename)
zip_path = os.path.join(folder, name_without_extension + '.zip')
zip_file = zipfile.ZipFile(zip_path, 'w')
# use `filename` (without folder name) as name inside archive
# and it will not create folders inside archive
zip_file.write(xlsx_path, filename)
zip_file.close()
を持つあなたは、任意のアクションをリストする必要がありますあなたは今までスタックオーバーフローを試みました。コード作成サービスではありません。 –
にコードとエラーメッセージが表示されます。 – furas
インポートzipファイル インポートOS working_folder = 'C:\\ My_Program \\ zip_files \\' ファイル= os.listdir(working_folder)ファイルでfに対する= [] – cjanraf