ajaxがjqueryと連携していません

Question

ここに私のajaxコードがあります。

私のコードではエラーは表示されませんが、AJAXは機能しません。 AJAXを使用して関数内

それは...

function addCash(){ 
var cash =$('#cash_amount').val(); 
var date =$('#cash_date').val(); 
var debiter =$('#debiter').val(); 
if(cash == '' || date ==''){ 
alert("Please Fill All Fields"); 
} 
else{ 
$.ajax({ 
    type: 'POST', 
    dataType:'JSON', 
    url: 'getCustomers.php', 
    data: 'type=cash_received&cash='+cash+'&date='+date+'& debiter='+debiter, 
    success:function(data){ 
     console.log(data); 
     alert("Cash Added Successfully"); 
    } 
}); 
} 
} 

PHPコード "getCustomers.php" というページからは何も返さない

...が問題でしょうか？

$cash= $_REQUEST['cash']; 
$date= $_REQUEST['date']; 
$debiter= $_REQUEST['debiter']; 
$query="INSERT INTO `received_payment`(`debiter`, `amount`, `date`) VALUES ('".$debiter."', '".$cash."', '".$date."')"; 

$result = $mysqli->query($query) or ($error=$mysqli->error.LINE); 

$arr = array(); 
if(!$result){ 
$arr['result'] = isset($error) ? $error : 'error'; 
} 
else{ 
$arr['result'] ="ok"; 
} 
$json_response = json_encode($arr); 
ob_clean(); 
echo $json_response;` 

Answer 1

クエリが失敗した場合、die anfを使用しているため、スクリプトが消滅して応答が返されないためです。だから、

$result = $mysqli->query($query) or die($mysqli->error.__LINE__); 

$result = $mysqli->query($query) or ($error=$mysqli->error.__LINE__); 

に、以下の行を変更して、あなたのINSERTクエリ、フィールドとその値でも

if(!$result){ 
    $arr['result'] = isset($error) ? $error : 'error'; 
} 

ではない、のような応答にこのエラーを返すことができます一致、あなたのように使用する必要があります

$query="INSERT INTO `received_payment` (`debiter`, `amount`, `date`) 
         VALUES ('".$debiter."', ".$cash."', '".$date."')"; 

とAjaxからデータを渡すようにしてください（あなたのデータ列におけるdebiterキーの前にスペースがある）AJAXリクエストのように、

data: {type:'cash_received',cash:cash,date:date,debiter:debiter}, 

Answer 2

INSERTクエリに余分なカンマがあります。

$query="INSERT INTO `received_payment`(`debiter`, `amount`, `date`,) VALUES ('".$cash."', '".$date."', '".$debiter."')"; 

変更するには：

$query="INSERT INTO `received_payment`(`debiter`, `amount`, `date`) VALUES ('".$cash."', '".$date."', '".$debiter."')"; 

それは実際にerrorを与えているが、あなたはdie()を与えたので、コードが抜けるなっています。だからあなたはサーバーから何も得ていない。

Answer 3

あなただけのJSONデータの内容を受け入れる言及しています。そのため、PHPエラーが発生した場合、WarningとErrorを返してサーバーが応答を返すことがあります。

したがって、エラーまたは警告によって送信されるすべての予期しない出力をフラッシュするには、ob_clean()を使用して、json形式でエコー応答する前にサーバー側のPHPスクリプトを使用します。

$json_response = json_encode($arr); 
ob_clean(); 
echo $json_response; 

Answer 4

echo $json_response;`