echoコマンドの出力をlsにパイプすることができません

Question

皆、私はこの奇妙な問題（多分それは機能です）を今日の午後発見しました。私が発行した場合 私の現在の作業ディレクトリでは、5つのファイル、すなわち、B、C、D、E

があり、私は期待してどのような次のコマンド

echo "a" | ls -l 

は、ファイルAの唯一の詳細情報です。リストされます。 出力から、ファイルa、b、c、d、eの詳細情報がリストされます。 パイプの前のコマンドが機能していないかのように見えます。たとえば、ls -lが実行された場合とまったく同じように出力されます。

echo "whatever_you_type" | ls -l 

私は混乱していますが、誰でもこの問題を説明できますか？ 私はxargsのようなものを使用してこの問題を回避することができます。echo "a" | xargs ls -l しかし、私はなぜそれを知りたいのですか？

Answer 1

にスペースを含む任意のファイル名を持っていないことを確認してください。そのSTDINストリームに挿入します。 lsはstdinから読み込まないので、無視します。あなたが望むのは、パラメータがコマンドラインlsに渡されるということです。これは、このようなものを使用することによって達成することができます。

my_file="a" 
ls -l "$my_file" 

また、あなたはSTDIN入力からコマンドラインパラメータを構築するために使用することができますxargsを使用することができます。あなたのケースでは、あなたはそれがSTDIN入力の各スペースで区切られた文字列のためのls -l [filename]を実行します

echo "a" | xargs ls -l 

ようにそれを使用することができます。

Answer 2

lsstdinから入力がありません。 xargsは、入力から引数がアセンブルされて1回以上lsを呼び出すために機能します。あなたの例を達成するための 別の方法は次のようになります。

ls -l $(echo "a")

ちょうどあなた管内別のプロセスに何かを、それがプッシュされます場合は、あなたが