MySQLデータベースからhtmlドロップダウンリストにデータを取得しています

Question

回答を検索しましたが、解決策が見つかりませんでした。 私はまた、エラーの画像を追加しました。 データを最初のドロップダウンリスト（エラーの上）に移動したい 私が実行しようとしている方法もドロップダウンリストを作成していると思いますが、正しいですか？ MySQLiをでは

  <form name="message" action="" method="post" onsubmit="" accept-charset="utf-8"> 
       <div class="form-group"> 
        <label id="senderName">שם השולח:</label> 



       </div> 
      <div class="form-group"> 

       <label for="to_user">מען:</label> 
       <select name="to_user" class="form-control"> 
        <option value="pick">בחר מהרשימה</option> 
         <?php 

         $sql = \mysqli_query("SELECT name From users"); 
         $row = mysqli_num_rows($sql); 


          echo "<select name='to_user'>"; 
          while ($row = mysqli_fetch_array($sql)){ 
           echo "<option value='". $row['name'] ."'>" .$row['name'] ."</option>" ; 
          } 
          echo "</select>" ; 

         ?> 

       </select> 


      </div> 

picture of the error

Answer 1

、クエリの最初のパラメータは、データベース接続する必要があります。また、文の前に\を追加する必要はありません。

$sql = \mysqli_query("SELECT name From users");は$sql = mysqli_query($con, "SELECT name From users");

注意する必要があります：データベース接続変数と$詐欺を交換してください！あなたは、単にこのように見えるようにあなたのコードを調整し、selectフォーム内に行くために、データベースから結果を望んでいたことを述べたように

：（「ユーザーから名前を選択」）

<select name="to_user" class="form-control"> 
<option value="pick">בחר מהרשימה</option> 
<?php 
$sql = mysqli_query($con, "SELECT name From users"); 
$row = mysqli_num_rows($sql); 
while ($row = mysqli_fetch_array($sql)){ 
echo "<option value='". $row['name'] ."'>" .$row['name'] ."</option>" ; 
} 
?> 
</select>