Playテンプレートのページスコープを超えてモデルにアクセスするにはどうすればいいですか？フレームワーク？

Question

再生中！テンプレート私はいくつかのモデルにアクセスしようとしましたが、テンプレートでモデルクラスを認識しようとしましたが、「MissingPropertyException：No such such property」というエラーメッセージが表示されます。

テンプレート：

$ {} fulllyQualifyName.myModel（コントローラから渡されていないモデル）ページの

出力：fulllyQualifyName.class

$ {fulllyQualifyName.myModel.propertyAは}（取得しようページのpropertyA）

出力：MissingPropertyException：いいえ、そのようなプロパティ：クラスのpropertyA：fulllyQualifyName.myModel可能な解決策：ID、...

そして、私はこのpropertyAがmymodelという中でプロパティとして設定されています。

モデルクラスを最初にテンプレートに含める/インポートする必要がありますか？もしそうなら、私はそれをどうすればできますか？ ありがとうございました！あなたのビューでモデルにアクセスする場合

Answer 1

はちょうどコントローラでそれらを渡さ

render(model1,model2...) 

すなわちrenderメソッドを、あなたは見るも

${fullyQualifyName.model1.propertyA} 

${fullyQualifyName.model2.propertyB} 

を使用することができます。http://www.playframework.org/documentation/1.2/templates

Answer 2

実際に、あなたをビューファイル内のすべてのパッケージにアクセスできます。ただ、試してみてください。たとえばhttp://www.playframework.org/documentation/1.2.5/jpa#finding

で説明したように、私はのリストを取得する場合

${models.ModelClassName.find('queryStr').fetch()} 

をこの方法により、一つは、モデルのスーパークラスが提供するのfind（）メソッドのすべてを使用することができます

#{list items:models.User.findAll(), as:'user'} 
    user name: ${user.name} 
#{/list} 

idで特定のユーザーを取得するには：コントローラを呼び出すことなく、ユーザーは、renderメソッドを

${models.User.findById(userId)} 

は...または、独自のプロパティで：あなたが複数の場所で検索されたモデルを使用したい場合は

${models.User.find('byEmail', 'john@gmail.com').first()} 

は、あなたがこのような何かを試すことができます。

%{ 
    users = models.User.findAll(); 
}% 

<span>there are ${users.size()} user(s) </span> 
<ul> 
    #{list items:users, as:'user'} 
    <li>${user.name}</li> 
    #{/list} 
</ul> 
... 

を、私は、これは助けを願って。