PHP結果が、同じデータベースに

Question

IVEが働いて、私のPHPのSELECTクエリを得たが、私はそれは、データの価値はもっとそして1つのテーブルを表示する必要があります。

$sql = "SELECT * from paymentPersonal where `custID`='$custID'"; 

$result = $conn->query($sql); 

if ($result->num_rows > 0) { 
    // output data of each row 
    while($row = $result->fetch_assoc()) { 
     echo "<br> custID: ". $row["custID"]. " - FirstName: ". $row["firstname"]. " LastName" . $row["lastname"] . " - Mobile: ". $row["mobile"]. " - homephone: ". $row["homephone"]. " - Email: ". $row["email"]."<br>"; 

これは1つのテーブルのデータを表示するコードですが、私はのserveral必要とIVEは、複数のテーブルを表示していました天気を確認するには、このにそれを変更してみました：

$sql = "SELECT * from `paymentPersonal`, `paymentsPayment` where `custID`='$custID'"; 

    $result = $conn->query($sql); 

    if ($result->num_rows > 0) { 
     // output data of each row 
     while($row = $result->fetch_assoc()) { 
      echo "<br> custID: ". $row["custID"]. " - FirstName: ". $row["firstname"]. " LastName" . $row["lastname"] . " - Mobile: ". $row["mobile"]. " - homephone: ". $row["homephone"]. " - Email: ". $row["email"]."<br>"; 

      echo "<br> custID: ". $row["custID"]. " - CcName: ". $row["nameoncard"]. " CcNumber" . $row["ccnumber"] . " - ccYear: ". $row["year"]. " - ccMonth: ". $row["month"]. " - ccCode: ". $row["code"]."<br>"; 

が、任意の運なしちょうどエラーを言っています。この他のテーブルにデータを表示する方法についてのアイデアを持っている場合

Notice: Trying to get property of non-object in /Applications/XAMPP/xamppfiles/htdocs/horizonphotography/findingcode.php on line 19 
0 results 

は（FYI custIDは、テーブルのすべてである）助けてください！ありがとうございました！

Answer 1

を追加しましたが、複数のテーブルから取得したデータ

$sql = "SELECT paymentPersonal.custID as paymentPersonalCust,paymentsPayment.custID as paymentsPaymentCust from paymentPersonal Left join paymentsPayment on paymentsPayment.custID = paymentPersonal.custID where paymentsPayment.custID='$custID'"; 

配列

while($row = $result->fetch_assoc()) { 
     echo "<br> custID: ". $row["paymentPersonalCust"]. " - FirstName: ". $row["firstname"]. " LastName" . $row["lastname"] . " - Mobile: ". $row["mobile"]. " - homephone: ". $row["homephone"]. " - Email: ". $row["email"]."<br>"; 

     echo "<br> custID: ". $row["paymentsPaymentCust"]. " - CcName: ". $row["nameoncard"]. " CcNumber" . $row["ccnumber"] . " - ccYear: ". $row["year"]. " - ccMonth: ". $row["month"]. " - ccCode: ". $row["code"]."<br>"; 

Answer 2

のキーの変更のために参加します（組合を使用せずに、テーブルよりも多くのデータをフェッチするか、参加することはできません指定されたフィールドを選択したい場合は、テーブルまたはそれ以下のフィールドの両方からすべてのフィールドを選択する場合は、@ manindepreet singh tolのようなものを試してみてくださいDあなたはあなたが2つのテーブルのデータを表示する第三

SELECT paymentPersonal.custID as paymentPersonalCust,paymentsPayment.custID as paymentsPaymentCust from paymentPersonal Left join paymentsPayment on paymentsPayment.custID = paymentPersonal.custID where paymentsPayment.custID='$custID'";