形式のPHP/SQL表示

Question

SQLデータベースでは、生年月日やシステムに参加した日付など、さまざまな日付を標準SQL形式YYYY-mm-ddで保存していますが、これらを英国のユーザーに表示したい（すべてのユーザー）をdd-mm-YYYYの形式で入力します。

私はこのことについてオンラインで見つけたものすべてを試しましたが、正しく行われた方法を解読することはできません。私が以下に挙げたコードは、私が現在使っているコードですが、データベースに格納されている正しい日付を表示せず、01-01-1970の完全にランダムな日付を使用します。この問題を解決するための援助をいただければ幸いです。

while($row = $results->fetch_assoc()){ 
       array_push($_SESSION["ActQueue"], array($row["username"], $row["surname"], $row["forename"], date('d-m-Y', $row["dob"]), $row["gender"], $row["joined"])); 
} 

$data = 0; 
echo json_encode(['Username'=>$_SESSION["ActQueue"][0][0], 'Surname'=>$_SESSION["ActQueue"][0][1],'Forename'=>$_SESSION["ActQueue"][0][2],'DoB'=>$_SESSION["ActQueue"][0][3], 'Gender'=>$_SESSION["ActQueue"][0][4], 'Joined'=>$_SESSION["ActQueue"][0][5]]); 

Answer 1

あなたがdate()機能

date('d-m-Y', strtotime($row["dob"])) 

あなたが01-01-1970そのないランダムな日付が、UNIXシステムからの実際の最初の日付を受け取るまでに渡す前の時間にあなたのプレーンテキスト日付を変換する必要があり

Answer 2

あなたが使用する必要があります。

date('d-m-Y', strtotime($row["dob"])) 

strtotime

Answer 3

あなたは、これは意図した効果がありますが、余分なを追加します

(new \DateTime($row["dob"]))->format('d-m-Y');