mysql_num_rows（）は有効なリソースではありません - mysql_error（）は何も表示しません

Question

私は以下のコードを持っています。

include("DBHeader.inc.php"); 
    include("libs/ps_pagination.php"); 

    $sql = "SELECT * FROM Products P, Manufacturers M WHERE M.sManufacturerCode='$LC' AND M.iManufacturerID=P.iManufacturerID"; 
    $rs = mysql_query($sql); 
    echo $sql; 

    $pager = new PS_Pagination($conn, $sql, 3, 4, null); 
    $rs = $pager->paginate(); 
    $num = mysql_num_rows($rs) or die('Database Error: ' . mysql_error()); 
    if ($num >= 1) { 
     echo "<table border='0' id='tbProd' class='tablesorter' style='width:520px;'> 
     <thead> 
      <tr> 
       <th>Product Code</th> 
       <th>Product Name</th> 
       <th> &nbsp; </th> 
      </tr> 
     </thead> 
     <tbody>"; 

     //Looping through the retrieved records 
     while($row = mysql_fetch_array($rs)) 
     { 
      echo "<tr class='prodRow'>"; 
      echo "<td>" . $row['sProductCode'] . "</td>"; 
      echo "<td>" . $row['sProductName'] . "</td>"; 
      echo "<td><a href='ProdEdit.php?=" . $row['sProductCode'] . "'><img src='images/manage.gif' alt='Edit " . $row['sProductName'] . "' /></a></td>"; 
      echo "</tr>"; 
     } 
     echo "</tbody></table>"; 
    } 
    else { 
     //if no records found 
     echo "No records found!"; 
    } 

、代わりに、それは私のテーブルからデータを与える、それが画面上に吐き出す：

Warning: mysql_num_rows(): supplied argument is not a valid MySQL result resource in /home/nyksys/www/regserver2/search_results.php on line 37 

mysql_error()は実際には全く何も戻っていないので、私は何のような非常に混乱していますエラーはです。 SQLがエコーした時：

SELECT * FROM Products P, Manufacturers M WHERE M.sManufacturerCode='216E3ACAC673DE0260083B5FF809B102B3EC' AND M.iManufacturerID=P.iManufacturerID 

私はここでうんざりしています！私はここで簡単なものを見落としていますか？

私は自分のデータベース情報を二重チェックしましたが、問題はないと確信しています。

EDIT-私はチュートリアルに従いますPaginating Your Data with AJAX and Awesome PHP Pagination Classです。

Answer 1

$sql = "SELECT * FROM Products P, Manufacturers M WHERE M.sManufacturerCode='$LC' AND M.iManufacturerID=P.iManufacturerID"; 
$rs = mysql_query($sql); 
echo $sql; 

$rsあなたはmysql_num_rowsで使用できるMySQLの結果リソースです。

$pager = new PS_Pagination($conn, $sql, 3, 4, null);  
$rs = $pager->paginate(); 

は今、そうではありません！

$num = mysql_num_rows($rs) or die('Database Error: ' . mysql_error()); 

おっと！

---

それとも、それがある場合は、[A]あなたは、あなたの質問に私たちを示さなかった、と[B]元のクエリが完全に無意味でした。

Answer 2

あなたは

Answer 3

私の推測では、PS_Paginationクラスは、それがMySQLリソースを返していませんやっているものは何でもある変数$ RSを上書きしています。 $rsリソース変数をそのオブジェクトで上書きしており、クエリが成功した場合でも有効なリソースでなくなります。私たちは、あなたの `$のrs`変数に何が含まれているか見当がつかない

$rs = mysql_query($sql); 
echo $sql; 

$pager = new PS_Pagination($conn, $sql, 3, 4, null); 

// Use a different variable than $rs here. 
$rs = $pager->paginate();