JavaScript、PHPとMySQLの間の通信

Question

私はCordovaのコードにJavaScriptを習得しようとしています。 私は多くのチュートリアルを読んでいましたが、それらのどれも折畳問題を助けませんでした。

私のコードバスアプリは非常に簡単なテスト用です。ただのテキストボックスと2つのボタン。どちらのボタンも私のサーバー上でPHPスクリプトを呼び出します。 1つのボタンはPHPスクリプトにデータを送り、MySQLデータベースにテキストフィールドの値を挿入し、2番目のボタンは同じスクリプトを呼び出し、データベースの値をコードバアプリに書き込む必要があります。

function getNameFromServer() { 
    var url = "appcon.php"; 
    var action = 'read'; 
    $.getJSON(url, function (returnedData) { 
     $.each(returnedData, function (key, value) { 
      var id = value.pid; 
      var name = value.name; 
      $("#listview").append("<li>" + id + " - " + name) + "</li>"; 
     }); 
    });    
} 

function sendNameToServer() { 
    console.log("sendNameToServer aufgerufen"); 
    var url2send = "appcon.php"; 
    var name = $("#Name").val() 
    var dataString = name; 
    console.log(dataString); 
    if ($.trim(name).length>0) { 
     $.ajax({ 
      type: "POST", 
      url: url2send, 
      data: { action: 'insert', name: dataString }, 
      crossDomain: true, 
      cache: false, 
      beforeSend: function() { 
       console.log("sendNameToServer beforeSend wurde aufgerufen"); 
      }, 
      success: function (data) { 
       if (data == "ok") { 
        alert("Daten eingefuegt"); 
       } 
       if (data == "error") { 
        alert("Da ging was schief"); 
       } 
      } 
     }); 
    }   
} 

私の質問/問題：

1. sendNameToServer目的球が、その中で動作します。ここ

   は私の

   <?PHP 
   $response = array(); 
   
   require_once __DIR__ . '/db_config.php'; 
   
   $db_link = mysqli_connect (
          DB_SERVER, 
          DB_USER, 
          DB_PASSWORD, 
          DB_DATABASE 
          ); 
   mysqli_set_charset($db_link, 'utf8'); 
   if (!$db_link) 
   { 
       die ('keine Verbindung '.mysqli_error()); 
   } 
   
   if(isset($_POST['action']) && $_POST['action'] == 'insert'){ 
       $name = $_POST['name']; 
       $sql = "INSERT INTO test.testTable (name) VALUES ('$name')"; 
       $db_erg = mysqli_query($db_link, $sql); 
       if (!$db_erg){ 
        echo "error"; 
       }else{ 
        echo "ok"; 
       } 
   } 
   
   if(isset($_POST['action']) && $_POST['action']=='read'){ 
       $sql = "SELECT * FROM testTable"; 
   
       $db_erg = mysqli_query($db_link, $sql); 
       if (!$db_erg) 
       { 
        $response["success"] = 0; 
        $response["message"] = "Oops!"; 
        echo json_encode($response); 
        die('Ungültige Abfrage: ' . mysqli_error()); 
       } 
   
       while ($zeile = mysqli_fetch_array($db_erg, MYSQL_ASSOC)) 
       { 
        //$response["success"] = $zeile['pid']; 
        //$response["message"] = $zeile['name']; 
        $response[]=$zeile; 
       } 
       echo json_encode($response); 
       mysqli_free_result($db_erg); 
   } 
   ?> 
   

   、ここでは、コルドバのアプリで私の2つの機能でありますケースでは、データがデータベースに挿入されます。しかし、私はアラートを得ることはありません（成功：決して呼び出されません）。

2. は、どのように私はgetNameFromServer()機能でPHPスクリプトに"action = read"を渡すことができますか？

3番目の質問は少しオフトピックですが、コードのこの技術では、「保存」であるか、それはコルドバのアプリとサーバーの間でデータを操作するのは簡単ですか！より良い方法は何ですか？または、どのようにして伝送を暗号化できますか？

Answer 1

ここにあなたの質問への答えがあります。

$.getJSONには、スクリプトに渡す情報オブジェクトの第2のオプションパラメータdataがあります。

function getNameFromServer() { 
    $.getJSON("appcon.php", { action: 'read' }, function (returnedData) { 
     $.each(returnedData, function (key, value) { 
      var id = value.pid; 
      var name = value.name; 
      $("#listview").append("<li>" + id + " - " + name) + "</li>"; 
     }); 
    });    
} 

編集：あなたが$.getJSON()を使用しているので、リクエストの方法は、あなたのPHPスクリプトであなたの第三if文で$_GETを使用する必要がありますを意味し、GETです。

if(isset($_GET['action']) && $_GET['action'] == 'read'){