空の結果を検出できません

Question

結果が見つかるかどうかによって、$case_numに値を設定し、jsonを使用してAJAXコールに戻すために配列に格納します。私が使用しているコードは、エントリが見つかった場合には期待通りに機能しますが、結果がない場合は返された値は単にnullになります。

$sql = "SELECT * FROM cases WHERE name LIKE '%$serial%' 
     AND DATE(date_entered) = CURDATE()"; 

$result_case = mysqli_query($mysqli,$sql) or die(mysqli_error($mysqli)); 
$row = mysqli_fetch_array($result_case); 

if(!empty($result_case)){ 
     $case_id = $row['id']; 
     $case_num = $row['name']; 
    }else{ 
     $case_num = 'not found'; 
} 

$output_array = array(
    'source' => $source, 
    'case_found' => $case_num 
); 

echo json_encode($output_array); 

Answer 1

あなたのif条件

if($row) 

をフェッチする行がありません場合mysqli_fetch_arrayはNULLを返し、mysqli_queryは、クエリが（生成されたエラーなしの場合のように）成功した​​場合に基づいて、ブール値を返すことに注意してください変更する必要があります

Answer 2

$ result_case are not null結果がない場合は、like（isset（$ row））や$ result_case！= falseを使用してみてください。