画像をラベルとともにPHPで表示

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title、isbn、imageのような属性を持つブックオブジェクトの配列を取得しています。 forループを使ってラベルだけを表示したいときは、すべてのエントリを表示しています。しかし、私が画像を表示しようとすると、画像が表示されます。またタイトルと画像の両方を表示しようとすると、それはできると言います画像をラベルとともにPHPで表示

Warning: Cannot modify header information - headers already sent by (output started at /Applications/XAMPP/xamppfiles/htdocs/BookStore/BooksResult.php:14) in /Applications/XAMPP/xamppfiles/htdocs/BookStore/BooksResult.php on line 15

以下はコードです。

foreach($booksArr as &$book) 
{ 
    $content = $book->Image; 
    $title=$book->s_Title;     
    echo $title; 
    header('Content-type: image/jpg'); 
    { 
     echo $content; 
    } 
}

出典

2012-03-09 user1247412

（これは単に一般的なアドバイスではなく、あなたの質問に正確な答えである）:)

後にはるかに明確に表示されます。 –

あなたはこれが間違っていると思います。出力例と希望する出力を表示してください/ –

出力と画像のために別々のリクエストを試してください： generated alt – RumpRanger

"ヘッダー情報を変更することはできません..." 問題はここにある：

header('Content-type: image/jpg');

あなたのPHPスクリプトはHTMLを出力しています。ミッドストリーム出力のコンテンツタイプを変更することはできません。代わりに、画像の場所を指す<img>タグを出力する必要があります。 COMMENTデータに基づいて

UPDATE：

データベースからBLOBとしてあなたのイメージを提供する必要がある場合は、画像を取得するために別のスクリプトを作成する必要があります。

<img src="/path/to/your/new/script.php?id=<?php echo $row_id; ?>" />

代替$row_idを一意に識別するフィールドデータと：まず、あなたのイメージフェッチスクリプトへのパスと画像IDが含まれているsrc属性で<img>タグを作成することにより、新しいスクリプトを参照するには、この1を変更あなたのデータベースの本。

次に、新しいイメージ取得スクリプトを作成します。 GETリクエストからidを取得するために

ライン：それは3つの要素が含まれますます$ id = $ _GET [ 'ID'];
IDに基づいて画像のBLOBを取得するSQL文です。（あなたの入力をサニタイズすることを忘れないでください！）あなたがあなたの元のスクリプトにブロブ、そしてあなたの画像が表示されますheader()行だけを出力した後

を使用したもののような

header()声明。

出典

2012-03-09 20:03:58

echo ''をコードに追加しました。実行すると空白のボックスが表示される単純にURLをハードコードされたIDで実行しようとしたとき、画像を取得できます。？ – user1247412

あなたのPHP文をネストしようとしているようですが、これを試してみてください： 'echo '

Georgeさんありがとうございました – user1247412

てみファイル

EDITのbegginingで

ob_start()

を追加：また、のみ一度だけファイルのbegginingでヘッダ関数を呼び出し、一度ヘッダ情報を変更、 after ob_start（）

出典

2012-03-09 20:02:18 gosukiwi

ですが、コンテンツタイプをデータ全体のイメージとして作成しませんか？ – user1247412

はい、私はあなたがイメージを表す別のPHPファイルを作るイメージを表示したいと思っていると仮定しましたので、 – gosukiwi

ヘッダーは、出力が送信される前に送信する必要があります。あなたはタイトルをエコーし、ヘッダーを設定しようとしています。

出典

2012-03-09 20:02:43

のようにすることができます。どのようにそれを行うことができますか？ – user1247412

あなたは正確に何をしようとしていますか？ –

私は利用可能な書籍をその画像とともに表示しようとしています。画像はmysqlにブロブとして保存されます – user1247412

すべての写真を1回のリクエストで送信しようとしています。 HTMLはそのようには機能しません。

foreach($booksArr as &$book) { 
    $title=$book->s_Title;     
    echo $title; 
    echo '<img src="book_image.php?id=' . $book->id . '" alt="' . $title . '"/>'; 
}

、その後、あなたは適切なヘッダとコンテンツを印刷しますbook_image.php上の別々のリクエストに本を扱う、このような何か：あなたはこのような何かをする必要が

$id = $_GET['id']; 
// get the book by id from db 
header('Content-type: image/jpg'); 
echo $book->Image;

出典

2012-03-09 20:05:48 Amadan

あなたはHTMLについては正しくありません。画像を別の要求に分割する必要なく、同じページ上に画像を表示できます。言い換えれば、イメージを返すために別々のファイルは必要ありません。 – Tadeck

Data URLを使って1回のリクエストですべてを行うことができますが、これは高度な技術ですが、帯域幅を約33％増加させ、OPが行っていることではありません。これは私が知っている唯一の方法で、HTMLと画像データを同じリクエストで持つことができます。あなたが他の人を知っているなら、詳しく教えてください。 – Amadan

OPがしていることは明らかに間違っていますが、OPが達成したいことはまだ分かりません。データURLにはいくつかの欠点がありますが、さまざまな点で優れています。この場合、あなたのソリューションは 'n * 100％'（ここで、 'nは画像の数、パーセントは明瞭にするために追加されます）で要求の数を増やす可能性があります。データベース呼び出しでも同じです。より重要なこと（dbコールの数と要求の数、またはイメージの表現に使用される転送量）によって、解決策は異なります。しかし、あなたの "_HTMLはそのようには動作しません"は間違ったままです。 – Tadeck

場合あなたは本当にこの警告を理解したいと思っています。将来PHPでさらに働きたい場合は、HTTP protocolの仕組みを学び始めてください。その楽しさ、そして、あなたはあなたがページにあなた `echo`コンテンツの後のヘッダを送信することはできません

出典

2012-03-09 20:16:11 Filkor

画像をラベルとともにPHPで表示

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