$ _GETで画像パラメータを提供

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画像を表示するhtmlサイトを作成しようとしています。「1.JPG」でソースを交換しながら、画像をレンダリングする、ressourceをロードするために失敗したとして

<img src="<? echo htmlspecialchars($_GET['id']; ?>.jpg">

それはERR_FILE_NOT_FOUNDを生成する以外に何もしない：イメージソースは以下のように定義されます。 hrefはexample.com/page.html?id=1にリンクしています。

身体の先頭に<?php $id = $_GET['id']; ?>のようなものを含める必要がありますか？

全コード：

<!DOCTYPE html PUBLIC "-//W3C//DTD HTML 4.01 Transitional//EN"> 
<html> 
    <head> 
    <meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=windows-1252"> 
    <title>Slideshow Test</title> 
    <link rel="stylesheet" href="./style.css"> 
    <link rel="shortcut icon" href="./img/Shortcut.ico" type="image/ico"> 

    </head> 
    <body class="a12"> 
    <?php /**$id = $_GET['id']; **/?> 
    <div align="center"> 
        <tr height="460"> 
        <td class="a10" height="460" width="566"> 
         <div align="center"></div> 
         <img src="<? echo htmlspecialchars($_GET['id']); ?>.jpg" alt="an image" height="460" border="0"> 
        </td> 
        </tr> 
    </div> 
    </body> 
</html>

出典

2017-10-04 thraizz

と

<img src="<? echo htmlspecialchars($_GET['id']; ?>.jpg">

を交換うーん...ここで生成されたHTML、ブラウザをフェッチしようとしている実際のURLは何ですか？あなたのPHPに構文エラーがあるので、 "1.jpg"ではないと思います... – deceze

あなたのコードには誤字があり、 'htmlspecialchars（）'への関数呼び出しを決して閉じませんでした。また、実際に生成されるHTMLが何であるかを示します。 – David

ブラウザは '<？％20echo％20htmlspecialchars（$ _GET [％27id％27]）;％20？> .jpg'を取得しようとしていますが、なぜPHPコードが解決されていませんか？ – thraizz

あなたのコード内でPHPを含めてください。

が

<img src="<?php echo htmlspecialchars($_GET['id']); ?>.jpg">

出典

2017-10-04 10:22:38

私はそのタイプミスを修正しました。私のHTMLコードは.phpファイルを含む必要がありますか？私は ''タグ付きの必要なPHPコードを追加するだけでもうまくいくと思いました。 – thraizz

もしあなたが外部でphpファイルを呼び出したいのであれば、それを含めることができます。この場合、これを行う必要はありません。 –

$ _GETで画像パラメータを提供

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