異なるUIから1つのテーブルにデータを挿入する方法は？

Question

私のアンドロイドアプリには、3種類のUIがあります。バックエンドで私はアンドロイドでWebサービスを呼び出すためにPHPを使用しました。私の場合、1つのテーブル、すなわち列、すなわち名字、姓、電子メール、パスワード、性別、都市、国などを持つ登録の詳細があります。次に、3番目のフィールド、すなわち名字、姓または名字のPHP Webサービスを作成します。 Eメール。データベースに正常に挿入されます。今パスワード、生年月日の性別私は解雇しました。ヌル列の更新クエリを次に正常に挿入されますが、テーブルにnullフィールドのいずれかがある場合、新しい挿入レコードでnullフィールドを更新します。私は私のコンセプトが正しいか間違っているか分からない。

PHPコード

public function StoreInfo($firstname, $lastname, $email) 
{ 

    $stmt = $this->conn->prepare("INSERT INTO ibeInsert(firstname,lastname,email) VALUES(?,?,?)"); 
    $stmt->bind_param("sss", $firstname,$lastname,$email); 
    $result = $stmt->execute(); 
    $stmt->close(); 

    if($result) 
    { 
     $stmt = $this->conn->prepare("SELECT firstname,lastname,email FROM ibeInsert WHERE email = ?"); 
     $stmt->bind_param("s",$email); 
     $stmt->execute(); 
     $stmt->bind_result($token2,$token3,$token4); 
     while($stmt->fetch()) 
     { 
      $user["firstname"]=$token2; 
      $user["lastname"]=$token3; 
      $user["email"]=$token4; 
     } 
     $stmt->close(); 
     return $user; 
    } 
    else 
    { 
     return false; 
    } 
} 

PHPファイル内の関数を呼び出す：私は挿入すると、私の第二部（性別、国、都市）データベースで

Update query fired on same table 

public function StoreInfoTo($gender,$country,$city) 
    { 

    $stmt = $this->conn->prepare("UPDATE ibeInsert SET gender=?,country=?,city=? WHERE id=? OR gender IS NULL OR country IS NULL OR city IS NULL"); 
    $stmt->bind_param("sssi", $gender, $country, $city,$id); 
    $result = $stmt->execute(); 

    $stmt->close(); 
    if ($result) { 
     $stmt = $this->conn->prepare("SELECT gender, country,city,id FROM ibeInsert"); 
     $stmt->execute(); 
     $stmt-> bind_result($token2,$token3,$token4,$token1); 
     while ($stmt-> fetch()) { 
      $user["gender"] = $token2; 
      $user["country"]=$token3; 
      $user["city"] = $token4; 
      $user["id"]=$token1; 
     } 
     $stmt->close(); 
     return $user; 
    } else { 
     return false; 
    } 

} 

今

<?php 

    require_once 'update_user_info.php'; 
    $db = new update_user_info(); 

    $response = array("error" => FALSE); 

    if (isset($_POST['firstname']) && isset($_POST['lastname']) &&  isset($_POST['email'])) 
{ 
// receiving the post params 
    $firstname = $_POST['firstname']; 
    $lastname =$_POST['lastname']; 
    $email = $_POST['email']; 
    // create a new user 
    $user = $db->StoreSocialInfo($firstname,$lastname,$email); 
    if ($user) { 
     // user stored successfully 
     $response["error"] = FALSE; 
     $response["user"]["firstname"] = $user["firstname"]; 
     $response["user"]["lastname"]=$user["lastname"]; 
     $response["user"]["email"] = $user["email"]; 
     echo json_encode($response); 
     } 
     else 
     { 
     // user failed to store 
     $response["error"] = TRUE; 
     $response["error_msg"] = "Unknown error occurred in registration!"; 
     echo json_encode($response); 
     } 

} else { 
    $response["error"] = TRUE; 
    $response["error_msg"] = "Required parameters (Firstname,lastname,email) is missing!"; 
    echo json_encode($response); 
} 
    ?> 

をデータベースへの新しいレコード、最後に挿入されたレコードは、そのような性別の国の都市で更新されます：

ID：1名：リッシュ姓：シャー性別：女性、国：インド都市：ムンバイ ID：2名：XYZの姓：POS性別：女性、国：インド都市：ムンバイ

最後の3列新しいレコードがデータベースに挿入されると更新されます。

Answer 1

私は私はあなたがwhere句あなたは意志に使用してOR条件されているので、あなたは、あなたの更新機能

public function StoreInfoTo($gender,$country,$city) 

にIDを渡している見ることができない

$stmt = $this->conn->prepare("UPDATE ibeInsert SET gender=?,country=?,city=? WHERE id=? OR gender IS NULL OR country IS NULL OR city IS NULL"); 

、PROBは、あなたの更新クエリであると思います最後に挿入された値を常にnullにしておき、更新を起動するたびにこれらのヌル値をフェッチして更新します。

where句にnull値を使用するのではなく、IDまたはインデックス値を検索してレコードを識別する必要があります。

また、テーブルのIDインデックスとANDを使用しない限り、テーブルに複数のNULL値があり、更新によってすべてのNULL値が置換されるため、NULL値の更新は推奨されません。 欲しいもの：