ターミナルの引数に応じて異なるパラメータを持つgulpタスクを実行する方法

Question

共有SCSSソースファイルをコンパイルし、異なるプロジェクトフォルダにコピーする必要があります。

私は2つのタスク、クリーンとスタイル（ビルドフォルダにコンパイル/ミニ化とコピー）を呼び出すビルドタスクを持っています。

ソースSCSSファイルはすべてのWebサイトで共有されますが、コピー先フォルダは異なります。

私が実行できるようにしたいと思います：ウェブサイトA.内部websiteA内部websiteA、その後、クリーンビルドフォルダを作成し、共有フォルダからファイルをコンパイルし、フォルダを構築するためにコピーされた

var assetsDir = '_Assets'; 

var buildStyleWebsiteA = 'WebsiteA/Assets/build'; 
var buildStyleWebsiteB = 'WebsiteB/Assets/build'; 


gulp.task('clean-websiteA', function (cb) { 
    return del([buildStyleWebsiteA ], cb); 
}); 

gulp.task('styles-websiteA', ['clean-websiteA'], function() { 
    return gulp.src(assetsDir + '/**/*.scss') 
     .pipe(sourcemaps.init()) 
     .pipe(sass().on('error', sass.logError)) 
     .pipe(autoprefixer()) 
     .pipe(gulp.dest(buildStyleWebsiteA + '/css')) 
     .pipe(concat('styles.css')) 
     .pipe(cleanCss()) 
     .pipe(sourcemaps.write()) 
     .pipe(rename({ suffix: '.min' })) 
     .pipe(gulp.dest(buildStyleWebsiteA + '/min/')) 
     .pipe(liveReload()); 
}); 

gulp.task('build-websiteA', ['styles']); 

PS：私も持っていますウェブサイトB（ビルドウェブサイトB、クリーンウェブサイトB、スタイルウェブサイトB）と同じタスク。 私は繰り返しコードで終わってしまい、より良い方法が必要であることを知っています。

私が望むのは、gulpコマンドのパラメータとしてウェブサイト名を指定してから、そのウェブサイトに関連する正しいフォルダを使用してクリーンでスタイルを実行することです。

これを達成するために私のコードをどのようにリファクタリングすることができますか？

おかげ

Answer 1

私はむしろ引数よりも、これを達成するために、環境変数を使用します。

BUILD_DIR=websiteA gulp build